使用C++编写,找到以1开头的二进制字符串的唯一排列数量

1. 题目背景

在计算机科学的领域中,二进制数是最基本的数据表示方法之一。在处理二进制数据时,经常需要考虑二进制字符串的排列问题。

2. 问题描述

给定一个长度为 n 的二进制字符串,找出所有以 1 开头的唯一排列的数量。

例如,对于二进制字符串“1100”,以 1 开头的唯一排列包括“1100”和“1010”,因此唯一排列的数量为 2。

3. 解题思路

3.1 使用回溯法

回溯法是一种求解排列和组合问题的常用方法。具体来说,回溯法会从问题的初始状态开始搜索所有可能的解决方案,并通过剪枝操作来减少不必要的搜索。

在本题中,我们可以通过回溯法来生成所有以 1 开头的唯一排列。具体地,我们可以按照以下步骤进行:

初始化一个长度为 n 的布尔数组 used,表示每个二进制位是否已经被使用。

初始化一个计数器 count。

从第一个二进制位开始对字符串进行搜索。对于每个未使用的二进制位,如果该位是 1,则将其标记为已使用,并向下递归。

递归时,如果当前搜索到了字符串的末尾(即搜索到了第 n 个二进制位),则将 count 加一。

如果当前搜索的二进制位是 0,则直接跳过。

如果当前搜索的二进制位是 1,但已经被使用过了(即 used[i] 为 true),则直接跳过。

回溯时,将当前搜索的二进制位标记为未使用,并返回上一层递归。

以下是使用回溯法的 C++ 代码:

int count = 0;

void backtrack(string& s, vector<bool>& used, int pos) {

if (pos == s.size()) {

count++;

return;

}

if (s[pos] == '0') {

backtrack(s, used, pos + 1);

} else {

for (int i = pos; i < s.size(); i++) {

if (s[i] == '1' && !used[i]) {

used[i] = true;

backtrack(s, used, pos + 1);

used[i] = false;

}

}

}

}

int uniquePermutationCount(string s) {

vector<bool> used(s.size(), false);

backtrack(s, used, 0);

return count;

}

3.2 使用动态规划

除了使用回溯法之外,我们还可以使用动态规划来求解本题。具体来说,我们可以定义一个二维数组 dp,其中 dp[i][j] 表示以 1 开头的唯一排列数量,其中第 i 个二进制位为 1 且前 i 个二进制位中有 j 个已经被使用。

我们可以按照以下公式递推计算 dp[i][j]:

如果 s[i] = 0,则 dp[i][j] = dp[i-1][j]。

如果 s[i] = 1 且 j = 0,则 dp[i][j] = 1。

如果 s[i] = 1 且 j > 0,则 dp[i][j] = dp[i-1][j-1] + dp[i-1][j]。

最终我们需要求取的答案为 dp[n-1][k-1],其中 n 是字符串的长度,k 是以 1 开头的唯一排列的数量。

以下是使用动态规划的 C++ 代码:

int uniquePermutationCount(string s) {

int n = s.size();

int k = count(s.begin(), s.end(), '1');

vector<vector<int>> dp(n, vector<int>(k));

for (int i = 0; i < n; i++) {

for (int j = 0; j <= min(i, k-1); j++) {

if (s[i] == '0') {

dp[i][j] = dp[i-1][j];

} else if (j == 0) {

dp[i][j] = 1;

} else {

dp[i][j] = dp[i-1][j-1] + dp[i-1][j];

}

}

}

return dp[n-1][k-1];

}

4. 总结

本题的求解方法包括使用回溯法和动态规划。回溯法的时间复杂度为 O(2^n),动态规划的时间复杂度为 O(nk),其中 n 是字符串的长度,k 是以 1 开头的唯一排列的数量。两种方法的空间复杂度均为 O(nk)。

相比之下,动态规划虽然时间复杂度更低,但空间复杂度更高。在实际应用中需要综合考虑各种因素选择合适的算法。

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